#贪心
贪心。先说结论：对于当前左边界 $l$，想要尽可能快地靠近 $r$，那么我们需要找到一个最大的 $p$ 使得 $l\bmod 2^p=0$ 且 $l+2^p\le r$，然后将 $l$ 加上 $2^p$ 即可，不断重复操作。
为什么能这样子呢？考虑如下二进制 $100110$，满足 $l\bmod 2^p=0$ 的 $p$ 有 $0$ 和 $1$（$2^p$ 分别为 $1$ 和 $2$），其实第一个 $1$ 及后面的位置。由于我们可以加上 $2^p$，那么就可以将那个位置加上 $1$，然后进位。能够发现，每次都加在前面的一定不会更劣。因为如果我们先加后面在加前面的话，万一位置过于靠后，那么就需要一位一位加起来；而先加上前面的在加后面的每次先把尽可能大的给加了，那么后面的小的就不会多加。
可能比较抽象，代码可能会要直观一点。
```kotlin
import java.util.*
val cin = Scanner(System.`in`)
var l = cin.nextLong()
val r = cin.nextLong()
val ans = ArrayList<Pair<Long, Long>>() // 记录答案
fun main() {
while (l < r) { // 一直循环直到 l == r
val t = l // 保存 l 之前的值
var p = 0 // 思路中有详解
for (i in 0..60) { // 不断循环
if (l + (1L shl i) > r) { // 如果已经超出了 r
break; // 直接退出循环
}
if (l % (1L shl i) == 0L) { // 如果能够整除
p = i // 记录下来
}
}
l += 1L shl p // 更新 l
ans.add(Pair(t, l)) // 加入答案数组
}
// 打印答案
println(ans.size)
for (i in ans) {
println("${i.first} ${i.second}")
}
}
```